剑指Offer - 面试题14:剪绳子

简介: 剑指Offer - 面试题14:剪绳子

题目

给你一根长度为n的绳子,请把绳子剪成m段(m,n都是整数,n>1并且m>1),每段绳子的长度j

记为k[0],k[1],…k[m]。请问k[0]* k[1]*…*k[m]可能的最大乘积是多少?例如,当绳子的长度是8时,我们把它剪成长度分别为2、3、3的三段,此时得到的最大乘积是18。


分析

动态规划

长度n的绳子,我们剪第一刀的时候有(n-1)种方法。分别为:1,2,3,…,n-1。

这是一个自顶向下的递归,在之前剑指Offer - 面试题10:斐波那契数列中讲过从上往下,复杂度是以n的指数增长。

当绳子长度为1时,不需要剪。f(1) = 1;

当绳子长度为2时,只能剪成1、1。f(2) = 1;

当绳子长度为3时,有俩种剪法,一是剪三刀,1、1、1。二是剪俩刀1、2。最大值为2;f(3) = 2;

当绳子长度为4时,有三种剪法,一是1、1、1、1。二是2、1、1。三是2,2。最大值为4。f(4) = 4;

得出公式f(n) =max(f(i)*f(n-i));所以我们从下向上,用一个临时数组保存当前长度的最大乘积的结果。


C

#include<stdio.h>
#include<stdlib.h>
int maxProductAfterCutting_solution(int length)
{
  if (length < 2)// 0 1
  {
    return 0;
  }
  if (length == 2)//(1,1)
  {
    return 1;
  }
  if (length == 3)//(2,1)
  {
    return 2;
  }
  int i = 0;
  int j = 0;
  //存放当前下标长度的最大乘积
  int* p = (int*)malloc(sizeof(int) * (length + 1));
  if (NULL == p)
  {
    perror("空间申请失败!");
    exit(EXIT_FAILURE);
  }
  p[0] = 0;
  p[1] = 1;
  p[2] = 2;
  p[3] = 3;
  for (i = 4; i < length + 1; i++)
  {
    int max = 0;
    for (j = 1; j <= i / 2; j++)// 1 3 22 2
    {
      if (max < p[j] * p[i - j])
      {
        max = p[j] * p[i - j];
      }
    }
    p[i] = max;
  }
  int ret = p[length];
  free(p);
  return ret;
}
int main()
{
  int ret = maxProductAfterCutting_solution(10);
  printf("长度为10的绳子剪完最大乘积为:%d\n", ret);
  return 0;
}


length = 10;最大是332*2=36

优化动态规划

总结:我们可以发现任何大于3的n都可以拆分为数字1,2,3的和。因此我们可以用三个变量动态存储这些数据。这样得到空间复杂度就成了常量级O(1)。


比如我们求9,有三种情况

1、剪1剩下的长度就是8,这时我们只需要比较8与第8次计算的结果哪个大,用哪个,然后大值* 1就是最大乘积

2、剪2剩下的长度就是7,这时我们只需要比较7与第7次计算的结果哪个大,用哪个,然后大值* 2就是最大乘积

3、剪3剩下的长度就是6,这时我们只需要比较6与第6次计算的结果哪个大,用哪个,然后大值* 3就是最大乘积

然后对这三种情况求的值取最大值即可


下面是max的定义(可参考)

C

#include<stdio.h>
#include<stdlib.h>
int maxProductAfterCutting_solution(int length)
{
  int num[3] = { 0,1,1 };
  int i = 0;
  for (i = 3; i < length + 1; i++)
  {
    num[i % 3] = max(max(1 * (num[(i - 1) % 3], i - 1), 2 * max(num[(i - 2) % 3], i - 2)),
      3 * max(num[(i - 3) % 3], i - 3));
  }
  return num[length % 3];
}
int main()
{
  int ret = maxProductAfterCutting_solution(10);
  printf("长度为10的绳子剪完最大乘积为:%d\n", ret);
  return 0;
}


贪心+递归法

经过上述的众多分析,我们发现每次都剪长度为3的子段。

当剩余为6时,剪个三,剩下3就结束了。实际是刚好剪完

当剩余为5时,剪个三,剩下2就结束了。

当剩余为4时,剪个二,剩下2就结束了。


C

#include<stdio.h>
int maxRecursion(int length)
{
  if (length == 0)//刚好剪完了
  {
    return 1;
  }
  if (length == 4)// 2 * 2
  {
    return 4;
  }
  if (length == 5)//2 * 3
  {
    return 6;
  }
  return 3 * maxRecursion(length - 3);
}
int maxProductAfterCutting_solution(int length)
{
  if (length < 1)
  {
    return 0;
  }
  if (length == 2 || length == 1)
  {
    return 1;
  }
  if (length == 3)
  {
    return 2;
  }
  return maxRecursion(length);
}
int main()
{
  int ret = maxProductAfterCutting_solution(10);
  printf("长度为10的绳子剪完最大乘积为:%d\n", ret);
  return 0;
}


贪心+数学

思路:

我们直接让length对3求余,若发现剩余2,就让结果-1再保存。(因为要分成2、2)否则就直接将结果保存。

然后剩余的值可能为0-4。再让其对2求余,再保存。

maxnumber = pow(3,第一次求得结果) * pow(2,第二次求的结果)。


这样可以将时间复杂度降到O(1),空间复杂度为O(1)。

C

#include<stdio.h>
#include<math.h>
int maxProductAfterCutting_solution(int length)
{
  if (length < 1)
  {
    return 0;
  }
  if (length == 2 || length == 1)
  {
    return 1;
  }
  if (length == 3)
  {
    return 2;
  }
  int n3 = length % 3 == 1 ? (length / 3 - 1) : (length / 3);//剪成长度为3的子段有n3个
  int n2 = length % 3 == 1 ? 2 : ((length % 3) / 2);//剩余长度剪成长度为2的子段有n2个
  return (int)pow(3, n3) * (int)pow(2, n2);
}
int main()
{
  int ret = maxProductAfterCutting_solution(10);
  printf("长度为10的绳子剪完最大乘积为:%d\n", ret);
  return 0;
}

本章完!

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