描述：
一门武功能否传承久远并被发扬光大，是要看缘分的。一般来说，师傅传授给徒弟的武功总要打个折扣，于是越往后传，弟子们的功夫就越弱…… 直到某一支的某一代突然出现一个天分特别高的弟子（或者是吃到了灵丹、挖到了特别的秘笈），会将功夫的威力一下子放大N倍 —— 我们称这种弟子为“得道者”。
这里我们来考察某一位祖师爷门下的徒子徒孙家谱：假设家谱中的每个人只有1位师傅（除了祖师爷没有师傅）；每位师傅可以带很多徒弟；并且假设辈分严格有序，即祖师爷这门武功的每个第i代传人只能在第i-1代传人中拜1个师傅。我们假设已知祖师爷的功力值为Z，每向下传承一代，就会减弱r%，除非某一代弟子得道。现给出师门谱系关系，要求你算出所有得道者的功力总值。
输入：
输入在第一行给出3个正整数，分别是：
N (<=105)——整个师门的总人数（于是每个人从0到N−1编号，祖师爷的编号为0）；
Z——祖师爷的功力值（不一定是整数，但起码是正数）；
r ——每传一代功夫所打的折扣百分比值（不超过100的正数）。
接下来有N行，第i行（i=0,⋯,N−1）描述编号为i的人所传的徒弟，格式为：
Ki ID1 ID2 IDKi
Ki 是徒弟的个数，后面跟的是各位徒弟的编号，数字间以空格间隔。
Ki为零表示这是一位得道者，这时后面跟的一个数字表示其武功被放大的倍数。
输出：
在一行中输出所有得道者的功力总值，只保留其整数部分。题目保证输入和正确的输出都不超过1010;
思路：树的建立和BFS，在题目中树根已经给出，就是祖师爷，借助队列实现BFS，但要注意n==1的情况
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef unsigned long long ull; typedef long long ll; const ll maxx = 1e18; const int N = 1e5+100; const int pp = 1e4; const double eps = 1e-8; struct node{ vector<int>ve;//存子节点 bool flag;//记录是否为得道者 double k;//在得道者中记录放大倍数，非得道者中记录徒弟个数 double sum;//记录功力值 }a[N],p; int n,cnt,ks,son;//n 总人数 //cnt Ki //ks 放大倍数 //son 子结点编号 double z,ss,r,sums;//z 祖师爷功力值 //ss 缩小倍数 // r减弱百分比 //sums 得道者的功力总值 queue<node>qu;//队列 int main() { cin>>n>>z>>r; if(n==1) { cin>>cnt>>ks; if(cnt==0) cout<<ks*z; else cout<<"0"; return 0; }//特判 n=1的情况，注意祖师爷本身为得道者的情况 ss=(100-r)/100;//算出缩小倍数 a[0].sum=z;//存入祖师爷的功力值 for(int i=0;i<n;i++) { cin>>cnt; if(cnt==0) { cin>>ks; a[i].flag=1; a[i].k=ks; }//得道者做好标记，记录放大倍数(得道者都是叶节点) else { for(int j=1;j<=cnt;j++) { cin>>son; a[i].ve.push_back(son); } a[i].k=cnt; }//非得道者记录子节点并且记录子节点总数 } qu.push(a[0]);//放入根节点 while(!qu.empty()) { p=qu.front(); qu.pop();//取出队首元素 if(p.flag==1) { sums+=p.sum; }//得道者加上功力值 else { for(int i=0;i<p.k;i++) { if(a[p.ve[i]].flag==1) { a[p.ve[i]].sum=p.sum*a[p.ve[i]].k*ss;//得道者的功力值一定是衰减后再放大的，注意不要漏掉放大倍数 } else { a[p.ve[i]].sum=p.sum*ss; } qu.push(a[p.ve[i]]); } }//非得道者算出子节点的功力值放入队列，两个注意点 1.vector的下标从 0 开始 2. 先计算出子节点的功力值再压入队列，顺序反了计算无效 } cout<<(int)sums;//输出功力总值的整数部分 return 0; }
反思
1.注意得道者的功力值放大前也要衰减，注意细节
2.注意vector的下标从 0 开始，注意细节
3.注意先计算出功力值再进入队列，否则计算无效，注意细节；
4.注意特判 n==1 的情况，注意细节
