[SCOI2005]扫雷MINE 这道题算是一道思维题吧，如果没想好的话，代码肯定是不好敲的，好了，我们一起来看看题意吧：
题目描述
相信大家都玩过扫雷的游戏。那是在一个n*m的矩阵里面有一些雷，要你根据一些信息找出雷来。 万圣节到了 ，“余”人国流行起了一种简单的扫雷游戏，这个游戏规则和扫雷一样，如果某个格子没有雷，那么它里面的数字 表示和它8连通的格子里面雷的数目。 现在棋盘是n×2的，第一列里面某些格子是雷，而第二列没有雷，如下图： 由于第一列的雷可能有多种方案满足第二列的数的限制，你的任务即根据第二列的信息确定第一列雷有多少种摆放方案。
输入描述
第一行为N，第二行有N个数，依次为第二列的格子中的数。（1 ≤ N ≤ 10000）
输出描述
一个数，即第一列中雷的摆放方案数。
示例1
输入
2
1 1
输出
2
题目链接： [SCOI2005]扫雷MINE
思路:
我们通过思考可以发现，这道题比较巧妙的地方是：我们只需要枚举第一个点是否有雷，然后推导出后面的，若矛盾，则该方案不行。
具体的我们来康康代码！
我们来看看成功AC的代码吧：
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; int a[100010],b[100010]; int n; int ans; int f(){ for(int i=2;i<=n;i++){ b[i]=a[i-1]-b[i-1]-b[i-2];//判断竖着的第2,3,4...n个格子是否可行, //通过右上角的格子和自己上面的两个格子来推导当前格子 if(b[i]<0||b[i]>1) return 0; } //这里是一个坑点，我们会发现上面那个循环，a数组最后一个是没用到的 if(a[n]==b[n]+b[n-1]) return 1;//我们必须判断下最后右下角的数是否等于b数组的倒数两个的和 return 0; } int main(){ cin>>n; for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i]; b[1]=0; if(f()) ans++; b[1]=1; if(f()) ans++; cout<<ans; return 0; }
