前言
我不停奔跑 只为追赶当年被寄予厚望的自己
本章的内容是力扣每日随机一题的部分方法的解析
提示：以下是本篇文章正文内容，下面案例可供参考
27. 移除元素
给你一个数组 nums 和一个值 val，你需要 原地 移除所有数值等于 val 的元素，并返回移除后数组的新长度。
不要使用额外的数组空间，你必须仅使用 O(1) 额外空间并 原地 修改输入数组。
元素的顺序可以改变。你不需要考虑数组中超出新长度后面的元素。
方法一：暴力求解法
时间复杂度O(N^2)
空间复杂度O(1)
按最坏的情况第一个就nums[i]=val时间复杂度是O(N^2)
当我们判断nuns[i]==val时nums[j]=nums[j+1]要加上步骤numsSize–(这个步骤应该没有疑问因为我们是将后面的数字覆盖相同时的数字)但是为何加上i–,可以看下图解析
int removeElement(int* nums, int numsSize, int val) { int i=0; for(i=0;i<numsSize;i++) { if(nums[i]==val) { int j=0; for(j=i;j<numsSize-1;j++) { nums[j]=nums[j+1]; } numsSize--; i--; } } return numsSize; }
方法二：空间换时间
时间复杂度O(N)
空间复杂度O(N)
int removeElement(int* nums, int numsSize, int val) { int* tmp = (int*)malloc(sizeof(int) * numsSize); int j = 0; int i = 0; for (i = 0; i < numsSize; i++) { if (nums[i] != val) { tmp[j++] = nums[i]; } } for (i = 0; i < j; i++) { nums[i] = tmp[j]; } return j; }
方法三：双指针
时间复杂度O(N)
空间复杂度O(1)
双指针，指的是在遍历对象的过程中，不是普通的使用单个指针进行访问，而是使用两个相同方向（快慢指针）或者相反方向（对撞指针）的指针进行扫描，从而达到相应的目的。
int removeElement(int* nums, int numsSize, int val) { int src=0; int dest=0; while(src<numsSize) { if(nums[src]!=val) { nums[dest++]=nums[src++]; } else { src++; } } return dest; }
总结
Ending,今天的力扣每日一题内容就到此结束啦，如果后续想了解更多，就请关注我吧。
