题目
第一题：煤球数目
题目描述
有一堆煤球，堆成三角棱锥形。具体：
第一层放1个，
第二层3个（排列成三角形），
第三层6个（排列成三角形），
第四层10个（排列成三角形），
…
如果一共有100层，共有多少个煤球？
请填表示煤球总数目的数字。
个人答案：
171700
思路：
把每一层的煤球数量都计算出来，让后相加。
规律是：
第二层煤球的数量比第一层的多2个
第三层煤球的数量比第二层的多3个
。。。。。。。
第 i 层煤球的数量比第i-1层多i个
个人代码：
public class Main {
public static void main(String[] args) {
int[] arr = new int[101];
arr[1] = 1;
int sum = arr[1];
for (int i = 2; i <= 100; ++i) {
arr[i] = arr[i - 1] + i;
sum += arr[i];
}
System.out.println(sum);
}
}第二题：生日蜡烛
题目描述
某君从某年开始每年都举办一次生日party，并且每次都要吹熄与年龄相同根数的蜡烛。
现在算起来，他一共吹熄了236根蜡烛。
请问，他从多少岁开始过生日party的？
请填写他开始过生日party的年龄数。
注意：你提交的应该是一个整数，不要填写任何多余的内容或说明性文字。
个人答案：
26
思路：
题目中说是从某年开始每年都过，说明是从某个数连续加到某个数的和等于236，所以可以利用前缀和
个人代码：
public class Main {
public static void main(String[] args) {
//默认寿命最大到100
int[] arr=new int[100+1];
int[] sum=new int[100+1];
for (int i=1;i<=100;++i){
arr[i]=i;
sum[i]=sum[i-1]+arr[i];
}
for (int i=100;i>0;--i){
for (int j=1;j<100;++j){
if ((sum[i]-sum[j-1])==236){
System.out.println(j);
}
}
}
}
}第三题：凑算式
题目描述
B DEF
A + --- + ------- = 10
C GHI（如果显示有问题，可以参见【图1.jpg】）
这个算式中A~ I代表1~9的数字，不同的字母代表不同的数字。
比如：
6+8/3+952/714 就是一种解法，
5+3/1+972/486 是另一种解法。
这个算式一共有多少种解法？
注意：你提交应该是个整数，不要填写任何多余的内容或说明性文字。
个人答案：
29
思路：
题目中给的两种解法一个是可以除尽，一个是除不尽的，但是结果都是10。所以需要 将后面的 两个分数 进行通分。
步揍：
1.利用递归 算出a[0]-a[9]的所有排列组合的情况
2.对于每一种组合的情况，判断通分之后看是否算出来的结果是10
个人代码：
public class Main {
static int[] a={1,2,3,4,5,6,7,8,9};
static int ans=0;
public static void main(String[] args) {
f(0);
System.out.println(ans);
}
//没有重复数字的全排列问题 利用递归
static void f(int k){
if (k==9){
if (check()) ans++;
}
for (int i=k;i<9;++i){
{int t=a[k];a[k]=a[i];a[i]=t;}
f(k+1);
{int t=a[k];a[k]=a[i];a[i]=t;}
}
}
static boolean check(){
int x=a[3]*100+a[4]*10+a[5];
int y=a[6]*100+a[7]*10+a[8];
if ((a[1]*y+a[2]*x)%(a[2]*y)==0&&a[0]+(a[1]*y+a[2]*x)/(a[2]*y)==10) return true;
else return false;
}
}
第四题：分小组
题目描述
9名运动员参加比赛，需要分3组进行预赛。
有哪些分组的方案呢？
我们标记运动员为 A,B,C,… I
下面的程序列出了所有的分组方法。
该程序的正常输出为：
ABC DEF GHI
ABC DEG FHI
ABC DEH FGI
ABC DEI FGH
ABC DFG EHI
ABC DFH EGI
ABC DFI EGH
ABC DGH EFI
ABC DGI EFH
ABC DHI EFG
ABC EFG DHI
ABC EFH DGI
ABC EFI DGH
ABC EGH DFI
ABC EGI DFH
ABC EHI DFG
ABC FGH DEI
ABC FGI DEH
ABC FHI DEG
ABC GHI DEF
ABD CEF GHI
ABD CEG FHI
ABD CEH FGI
ABD CEI FGH
ABD CFG EHI
ABD CFH EGI
ABD CFI EGH
ABD CGH EFI
ABD CGI EFH
ABD CHI EFG
ABD EFG CHI
… (以下省略，总共560行)。
public class A
{
public static String remain(int[] a)
{
String s = "";
for(int i=0; i<a.length; i++){
if(a[i] == 0) s += (char)(i+'A');
}
return s;
}
public static void f(String s, int[] a)
{
for(int i=0; i<a.length; i++){
if(a[i]==1) continue;
a[i] = 1;
for(int j=i+1; j<a.length; j++){
if(a[j]==1) continue;
a[j]=1;
for(int k=j+1; k<a.length; k++){
if(a[k]==1) continue;
a[k]=1;
System.out.println(__________________________________); //填空位置
a[k]=0;
}
a[j]=0;
}
a[i] = 0;
}
}
public static void main(String[] args)
{
int[] a = new int[9];
a[0] = 1;
for(int b=1; b<a.length; b++){
a[b] = 1;
for(int c=b+1; c<a.length; c++){
a[c] = 1;
String s = "A" + (char)(b+'A') + (char)(c+'A');
f(s,a);
a[c] = 0;
}
a[b] = 0;
}
}
}个人答案：
s+" "+(char)(i+'A')+(char)(j+'A')+(char)(k+'A')+" "+remain(a)
第五题：抽签
题目描述
X星球要派出一个5人组成的观察团前往W星。
其中：
A国最多可以派出4人。
B国最多可以派出2人。
C国最多可以派出2人。
…
那么最终派往W星的观察团会有多少种国别的不同组合呢？
下面的程序解决了这个问题。
数组a[] 中既是每个国家可以派出的最多的名额。
程序执行结果为：
DEFFF
CEFFF
CDFFF
CDEFF
CCFFF
CCEFF
CCDFF
CCDEF
BEFFF
BDFFF
BDEFF
BCFFF
BCEFF
BCDFF
BCDEF
…
(以下省略，总共101行)
public class A
{
public static void f(int[] a, int k, int n, String s)
{
if(k==a.length){
if(n==0) System.out.println(s);
return;
}
String s2 = s;
for(int i=0; i<=a[k]; i++){
_____________________________; //填空位置
s2 += (char)(k+'A');
}
}
public static void main(String[] args)
{
int[] a = {4,2,2,1,1,3};
f(a,0,5,"");
}
}个人答案：
f(a,k+1, n-i, s2)
第六题：方格填数
题目描述
如下的10个格子
（如果显示有问题，也可以参看【图1.jpg】）
填入0~9的数字。要求：连续的两个数字不能相邻。
（左右、上下、对角都算相邻）
一共有多少种可能的填数方案？
请填写表示方案数目的整数。
注意：你提交的应该是一个整数，不要填写任何多余的内容或说明性文字。
个人答案：
1580
个人代码：（利用全排列）
public class Main {
static int[] a={0,1,2,3,4,5,6,7,8,9};
static int ans=0;
public static void main(String[] args) {
f(0);
System.out.println(ans);
}
//没有重复数字的全排列问题 利用递归
static void f(int k){
if (k==10){
if (check()) ans++;
}
for (int i=k;i<10;++i){
{int t=a[k];a[k]=a[i];a[i]=t;}
f(k+1);
{int t=a[k];a[k]=a[i];a[i]=t;}
}
}
static boolean check(){
if (Math.abs(a[0]-a[1])==1||
Math.abs(a[0]-a[3])==1||
Math.abs(a[0]-a[4])==1||
Math.abs(a[0]-a[5])==1||
Math.abs(a[1]-a[2])==1||
Math.abs(a[1]-a[4])==1||
Math.abs(a[1]-a[5])==1||
Math.abs(a[1]-a[6])==1||
Math.abs(a[2]-a[5])==1||
Math.abs(a[2]-a[6])==1||
Math.abs(a[3]-a[7])==1||
Math.abs(a[3]-a[4])==1||
Math.abs(a[3]-a[8])==1||
Math.abs(a[4]-a[5])==1||
Math.abs(a[4]-a[7])==1||
Math.abs(a[4]-a[8])==1||
Math.abs(a[4]-a[9])==1||
Math.abs(a[5]-a[6])==1||
Math.abs(a[5]-a[8])==1||
Math.abs(a[5]-a[9])==1||
Math.abs(a[6]-a[9])==1||
Math.abs(a[7]-a[8])==1||
Math.abs(a[8]-a[9])==1) return false;
else return true;
}
}
第七题：剪邮票
题目描述
如【图1.jpg】, 有12张连在一起的12生肖的邮票。
现在你要从中剪下5张来，要求必须是连着的。
（仅仅连接一个角不算相连）
比如，【图2.jpg】，【图3.jpg】中，粉红色所示部分就是合格的剪取。
请你计算，一共有多少种不同的剪取方法。
请填写表示方案数目的整数。
注意：你提交的应该是一个整数，不要填写任何多余的内容或说明性文字。
按顺序的图1-3
个人答案：
116个人思路：
1.直接算出所有情况的全排列（会有很多相同的），让后利用HashSet去重，让后在判断是有几块相连的区域。因为这种方法是在全排列以后判断是否重复，时间耗费会很大，不推荐。
2.第二种也是算出全排列，但是是在选数字的时候就判断是不是会重复，可以减少大量的时间耗费。后面判断所选的区域是不是一块上的和上面的方法一样用bfs判断。
下面的代码时第二种思路的代码。。。
个人代码：
public class Main {
static int count = 0;
private static int[] a = {1, 1, 1, 1,
1, 0, 0, 0,
0, 0, 0, 0};
public static boolean[] vis = new boolean[12];
public static void main(String[] args) {
int[] path = new int[12];
f(0, path);
System.out.println(count);
}
//全排列问题,含有重读数字 避免重复的全排列问题
static void f(int k, int[] path) {
if (k == 12) {
if (check(path))
count++;
}
for (int i = 0; i < 12; ++i) {
if (i > 0 && a[i] == a[i - 1] && !vis[i - 1]) continue;
if (!vis[i]) {
vis[i] = true;
path[k] = a[i];
f(k + 1, path);
vis[i] = false;
}
}
}
private static boolean check(int[] path) {
int[][] grap = new int[3][4];
for (int i = 0; i < 3; ++i) {
for (int j = 0; j < 4; ++j) {
if (path[i * 4 + j] == 1) grap[i][j] = 1;
}
}
int cou = 0;
for (int i = 0; i < 3; ++i) {
for (int j = 0; j < 4; ++j) {
if (grap[i][j] == 1) {
bfs(grap, i, j);
cou++;
}
}
}
return cou == 1;
}
private static void bfs(int[][] grap, int x, int y) {
if (grap[x][y] == 0) return;
else {
grap[x][y] = 0;
if (checkBound(x + 1, y) && grap[x + 1][y] == 1) bfs(grap, x + 1, y);
if (checkBound(x, y + 1) && grap[x][y + 1] == 1) bfs(grap, x, y + 1);
if (checkBound(x - 1, y) && grap[x - 1][y] == 1) bfs(grap, x - 1, y);
if (checkBound(x, y - 1) && grap[x][y - 1] == 1) bfs(grap, x, y - 1);
}
}
private static boolean checkBound(int x, int y) {
if (x < 0 || x >= 3 || y < 0 || y >= 4) return false;
else return true;
}
}
第八题：四平方和
题目描述
四平方和定理，又称为拉格朗日定理：
每个正整数都可以表示为至多4个正整数的平方和。
如果把0包括进去，就正好可以表示为4个数的平方和。
比如：
5 = 0^2 + 0^2 + 1^2 + 2^2
7 = 1^2 + 1^2 + 1^2 + 2^2
（^符号表示乘方的意思）
对于一个给定的正整数，可能存在多种平方和的表示法。
要求你对4个数排序：
0 <= a <= b <= c <= d
并对所有的可能表示法按 a,b,c,d 为联合主键升序排列，最后输出第一个表示法
程序输入为一个正整数N (N<5000000)
要求输出4个非负整数，按从小到大排序，中间用空格分开
例如，输入：
5
则程序应该输出：
0 0 1 2
再例如，输入：
12
则程序应该输出：
0 2 2 2
再例如，输入：
773535
则程序应该输出：
1 1 267 838
资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 256M
CPU消耗 < 3000ms
个人思路：
1.可以利用4个for循环，每个代表一个数字a,b,c,d 这样就可以判断a a+bb+c c+dd=N。时间发复杂度O(n^4)
2.利用三个for循环，每个代表一个数字a,b,c,让后求N-a a-bb-c c=x, 判断x=dd。时间复杂度O(n^3)
3.利用两个for循环，每个代表一个数字a,b,让后求N-a a-bb=x,判断x=c c+dd;这一种方法的话需要用到map集合来保存数字。时间复杂度O（n^2）
下面的代码 第一个是第一种方法，第二个是第三种方法（PS：第一种方法和第二种方法均会超时）
个人代码：
//第一种方法发
import java.util.Scanner;
public class Main {
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
int n = sc.nextInt();
boolean is = true;
for (int i = 0; i * i < n && is; i++) {
for (int j = i; j * j < n && is; ++j) {
for (int k = j; k * k < n && is; ++k) {
for (int l = k; l * l < n && is; ++l) {
if (i * i + j * j + k * k + l * l > n) {
continue;
}
if (i * i + j * j + k * k + l * l == n) {
System.out.println(i + " " + j + " " + k + " " + l);
is = false;
}
}
}
}
}
}
}//第三种方法
import java.util.*;
public class Main {
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
int N = sc.nextInt();
HashMap<Integer, Integer> map = new HashMap<>();
for (int c = 0; c * c <= N / 2; ++c) {
for (int d = c; c * c + d * d <= N; ++d) {
if (!map.containsKey(c * c + d * d)) map.put(c * c + d * d, c);
}
}
for (int a = 0; a * a <= N / 4; ++a) {
for (int b = a; a * a + b * b <= N / 2; ++b) {
if (map.containsKey(N - a * a - b * b)) {
int c = map.get(N - a * a - b * b);
int d = (int) Math.sqrt(N - a * a - b * b - c * c);
System.out.printf("%d %d %d %d", a, b, c, d);
return;
}
}
}
}
}
第九题：取球博弈
题目描述
两个人玩取球的游戏。
一共有N个球，每人轮流取球，每次可取集合{n1,n2,n3}中的任何一个数目。
如果无法继续取球，则游戏结束。
此时，持有奇数个球的一方获胜。
如果两人都是奇数，则为平局。
假设双方都采用最聪明的取法，
第一个取球的人一定能赢吗？
试编程解决这个问题。
输入格式：
第一行3个正整数n1 n2 n3，空格分开，表示每次可取的数目 (0<n1,n2,n3<100)
第二行5个正整数x1 x2 … x5，空格分开，表示5局的初始球数(0<xi<1000)
输出格式：
一行5个字符，空格分开。分别表示每局先取球的人能否获胜。
能获胜则输出+，
次之，如有办法逼平对手，输出0，
无论如何都会输，则输出-
例如，输入：
1 2 3
1 2 3 4 5
程序应该输出：
+ 0 + 0 -
再例如，输入：
1 4 5
10 11 12 13 15
程序应该输出：
0 - 0 + +
再例如，输入：
2 3 5
7 8 9 10 11
程序应该输出：
+ 0 0 0 0
资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 256M
CPU消耗 < 3000ms
个人代码：
import java.util.Arrays;
import java.util.Scanner;
public class Main {
static int[] n = new int[3];
static int[] x = new int[5];
static int min;
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
for (int i = 0; i < 3; ++i) {
n[i] = sc.nextInt();
}
Character[][][] memo = new Character[1000][2][2];
Arrays.sort(n);
min = n[0];
for (int i = 0; i < 5; ++i) {
x[i] = sc.nextInt();
}
for (int i = 0; i < 5; ++i) {
char dfs = dfs(x[i], 0, 0, memo);
System.out.print(dfs + " ");
}
sc.close();
}
static char dfs(int num, int myNum, int otherNum, Character[][][] memo) {
if (num < min) {
if (myNum % 2 == 1 && otherNum % 2 == 0) return '+';
else if (myNum % 2 == 0 && otherNum % 2 == 1) return '-';
else return '0';
}
if (memo[num][myNum][otherNum] != null) return memo[num][myNum][otherNum];
boolean ping = false;
for (int i = 0; i < 3; ++i) {
if (n[i] <= num) {
char res = dfs(num - n[i], otherNum % 2, (myNum + n[i]) % 2, memo);
if (res == '-') {
memo[num][myNum][otherNum] = '+';
return '+';
} else if (res == '0') ping = true;
}
}
//如果能走到这一行说明不存在 对手输的情况。如果存在的话 前面就直接返回了
memo[num][myNum][otherNum] = ping ? '0' : '-';
if (ping) return '0';
else return '-';
}
}第十题：压缩变换
题目描述
小明最近在研究压缩算法。
他知道，压缩的时候如果能够使得数值很小，就能通过熵编码得到较高的压缩比。
然而，要使数值很小是一个挑战。
最近，小明需要压缩一些正整数的序列，这些序列的特点是，后面出现的数字很大可能是刚出现过不久的数字。对于这种特殊的序列，小明准备对序列做一个变换来减小数字的值。
变换的过程如下：
从左到右枚举序列，每枚举到一个数字，如果这个数字没有出现过，刚将数字变换成它的相反数，如果数字出现过，则看它在原序列中最后的一次出现后面（且在当前数前面）出现了几种数字，用这个种类数替换原来的数字。
比如，序列(a1, a2, a3, a4, a5)=(1, 2, 2, 1, 2)在变换过程为：
a1: 1未出现过，所以a1变为-1；
a2: 2未出现过，所以a2变为-2；
a3: 2出现过，最后一次为原序列的a2，在a2后、a3前有0种数字，所以a3变为0；
a4: 1出现过，最后一次为原序列的a1，在a1后、a4前有1种数字，所以a4变为1；
a5: 2出现过，最后一次为原序列的a3，在a3后、a5前有1种数字，所以a5变为1。
现在，给出原序列，请问，按这种变换规则变换后的序列是什么。
输入格式：
输入第一行包含一个整数n，表示序列的长度。
第二行包含n个正整数，表示输入序列。
输出格式：
输出一行，包含n个数，表示变换后的序列。
例如，输入：
5
1 2 2 1 2
程序应该输出：
-1 -2 0 1 1
再例如，输入：
12
1 1 2 3 2 3 1 2 2 2 3 1
程序应该输出：
-1 0 -2 -3 1 1 2 2 0 0 2 2
数据规模与约定
对于30%的数据，n<=1000；
对于50%的数据，n<=30000；
对于100%的数据，1 <=n<=100000，1<=ai<=10^9
资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 256M
CPU消耗 < 3000ms
个人代码：
暴力的话肯定会超时，所以这里用的是线段是查找和更新的时间复杂度均为O（logN）
import java.util.*;
public class Main {
private static int n;
//用户输入的原始数组
private static int[] source;
// 结果数组，用于保存最后输出的结果
private static int[] ans;
// 线段树数组，用于保存出现的次数
private static int[] segment;
private static HashMap<Integer, Integer> preIndex;
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
n = sc.nextInt();
source = new int[n];
ans = new int[n];
segment = new int[1000000];
preIndex = new HashMap<>();
for (int i = 0; i < n; ++i) {
source[i] = sc.nextInt();
Integer preNumIndex = preIndex.get(source[i]);
if (preNumIndex == null) {
ans[i] = -source[i];
updateSegment(segment, 0, n - 1, 0, i, 1);
} else {
int sum = querrySegment(segment, 0, n - 1, 0, preNumIndex + 1, i - 1);
ans[i] = sum;
updateSegment(segment, 0, n - 1, 0, preNumIndex, 0);
updateSegment(segment, 0, n - 1, 0, i, 1);
}
//保存最后一次出现的位置
preIndex.put(source[i], i);
}
for (int an : ans) {
System.out.print(an + " ");
}
}
//更新线段树
static void updateSegment(int[] segment, int lNode, int rNode, int index, int idx, int val) {
if (lNode == rNode) segment[index] = val;
else {
int mid = (lNode + rNode) / 2;
int left = index * 2 + 1;
int right = index * 2 + 2;
if (lNode <= idx && idx <= mid) updateSegment(segment, lNode, mid, left, idx, val);
else updateSegment(segment, mid + 1, rNode, right, idx, val);
segment[index] = segment[left] + segment[right];
}
}
//查询线段树
static int querrySegment(int[] segment, int lNode, int rNode, int index, int l, int r) {
if (rNode < l || lNode > r) {
return 0;
} else if (l <= lNode && r >= rNode) {
return segment[index];
} else {
int left = 2 * index + 1;
int right = 2 * index + 2;
int mid = (lNode + rNode) / 2;
int lSum = querrySegment(segment, lNode, mid, left, l, r);
int rSum = querrySegment(segment, mid + 1, rNode, right, l, r);
return lSum + rSum;
}
}
}
