来源：力扣（LeetCode）
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题目描述
假设有一个同时存储文件和目录的文件系统。下图展示了文件系统的一个示例：
这里将 dir 作为根目录中的唯一目录。dir 包含两个子目录 subdir1 和 subdir2 。subdir1 包含文件 file1.ext 和子目录 subsubdir1；subdir2 包含子目录 subsubdir2，该子目录下包含文件 file2.ext 。
在文本格式中，如下所示(⟶表示制表符)：
dir
⟶ subdir1
⟶ ⟶ file1.ext
⟶ ⟶ subsubdir1
⟶ subdir2
⟶ ⟶ subsubdir2
⟶ ⟶ ⟶ file2.ext
如果是代码表示，上面的文件系统可以写为 "dir\n\tsubdir1\n\t\tfile1.ext\n\t\tsubsubdir1\n\tsubdir2\n\t\tsubsubdir2\n\t\t\tfile2.ext" 。'\n' 和 '\t' 分别是换行符和制表符。
文件系统中的每个文件和文件夹都有一个唯一的 绝对路径 ，即必须打开才能到达文件/目录所在位置的目录顺序，所有路径用 '/' 连接。上面例子中，指向 file2.ext 的 绝对路径 是 "dir/subdir2/subsubdir2/file2.ext" 。每个目录名由字母、数字和/或空格组成，每个文件名遵循 name.extension 的格式，其中 name 和 extension由字母、数字和/或空格组成。
给定一个以上述格式表示文件系统的字符串 input ，返回文件系统中 指向 文件 的 最长绝对路径 的长度 。 如果系统中没有文件，返回 0。
示例 1：
输入：input = "dir\n\tsubdir1\n\tsubdir2\n\t\tfile.ext"
输出：20
解释：只有一个文件，绝对路径为 "dir/subdir2/file.ext" ，路径长度 20
示例 2：
输入：input = "dir\n\tsubdir1\n\t\tfile1.ext\n\t\tsubsubdir1\n\tsubdir2\n\t\tsubsubdir2\n\t\t\tfile2.ext"
输出：32
解释：存在两个文件：
"dir/subdir1/file1.ext" ，路径长度 21
"dir/subdir2/subsubdir2/file2.ext" ，路径长度 32
返回 32 ，因为这是最长的路径
示例 3：
输入：input = "a"
输出：0
解释：不存在任何文件
示例 4：
输入：input = "file1.txt\nfile2.txt\nlongfile.txt"
输出：12
解释：根目录下有 3 个文件。
因为根目录中任何东西的绝对路径只是名称本身，所以答案是 "longfile.txt" ，路径长度为 12
提示：
1 <= input.length <= 104
input 可能包含小写或大写的英文字母，一个换行符 '\n'，一个制表符 '\t'，一个点 '.'，一个空格 ' '，和数字。
解题思路
基本思路是进行dfs模拟
首先将字符串依据换行符分割开，识别出每一行的数据，根据每一行的数据前的制表符统计深度，根据文件当前文件路径和行深度来进行一系列的操作，如果当前路径深度比行深度浅，那么将行文件名加入路径，更新长度，如果当前路径深度等于了行深度，那么更换路径最后一个文件名，更新长度，如果当前路径深度大于行深度，那么要返回当前行深度的前一深度，然后将行文件名加入路径。如果行文件名中带了点，那么就认为这个文件名是一个文件，更新最大总长。注意，文件后缀不确定，只能通过文件名中是否存在‘.’来确定。
代码展示
class Solution { public: int lengthLongestPath(string input) { int iRet = 0; vector<string> vstrName, vstrPath; string strWord; int iDeep = -1, iLength = 0; for(auto c: input) { if(c == '\n') { vstrName.emplace_back(strWord); strWord.clear(); } else { strWord.push_back(c); } } vstrName.emplace_back(strWord); for(auto s: vstrName) { int iTemp = 0; while(s[iTemp] == '\t') { iTemp++; } string strName = s.substr(iTemp); if(iTemp > iDeep) { vstrPath.emplace_back(strName); iLength += strName.size() + (iTemp == 0 ? 0 : 1); iDeep = iTemp; } else if(iTemp == iDeep) { iLength -= vstrPath.back().size() + (iDeep == 0 ? 0 : 1); vstrPath.pop_back(); vstrPath.emplace_back(strName); iLength += strName.size() + (iTemp == 0 ? 0 : 1); } else { while(iTemp <= iDeep) { iLength -= vstrPath.back().size() + (iDeep == 0 ? 0 : 1); iDeep--; vstrPath.pop_back(); } vstrPath.emplace_back(strName); iLength += strName.size() + (iTemp == 0 ? 0 : 1); iDeep = iTemp; } if(count(strName.begin(), strName.end(), '.') > 0) iRet = max(iRet, iLength); } return iRet; } };
运行结果
